Hirzebruch's Riemann-Roch theorem とBorisov's formula(2)
<script type="text/javascript" src="https://c328740.ssl.cf1.rackcdn.com/mathjax/latest/MathJax.js?config=TeX-AMS-MML_HTMLorMML"></script>
$$\newcommand{\expo}[1]{ \mathrm{exp}(#1)}$$
$$ \newcommand{\coup}[1]{\langle \[ X \] ,#1\rangle} $$
$$\newcommand{\diff}[1]{\frac{d}{dy}#1} $$
$$\newcommand{\pdiff}[1]{\frac{\partial}{\partial y} #1} $$
今回記事は,前回記事で紹介した式
を次元コンパクト多様体とする.で上の正則微分形式の層をあらわす.整数に対してHodge数をとするとき,等式
$$ \sum_{p,q \in \ZZ}(-1)^{p+q}\Bigl(q-\frac{n}{2} \Bigr)^2h^{p,q}(X) $$
$$=\frac{1}{12}n \chi^{\rm top}(X)+\frac{1}{6}\int_Xc_1(X)\cup c_{n-1}(X),\quad (1)$$
が成り立つ,ここでは接束の第chern類をあらわす.
の証明の後半となります.
を次元compact多様体とする.このとき,つぎの等式が成り立つ:
前回記事で示した等式
$$\sum_{p,q\in \ZZ}(-1)^{p+q}q\cdot h^{p,q}(X)=\frac{n}{2}\cdot \chi^{\rm top}(X),\quad \text{(1)}$$
を使えばよいです.
つぎに求めるべきはですが,これは種数を用いれば
とかけます.これは,書き直すとです.そこで,をHirzebruchのRiemann-Rochに持ち込みます.
を次元compact多様体とする.このとき,つぎの等式が成り立つ:
$$\frac{d^2}{d^2y}{\rm td}_y(X)$$
$$=\sum^n_{i=1}Q(\gamma_1)\cdots \underbrace{\frac{d^2}{d^2y}Q(\gamma_i)}_{\text{ここだけ}} \cdots Q(\gamma_n)\Bigl|_{y=-1}$$
$$+\sum_{i\neq j}Q(\gamma_i)\cdots \underbrace{\pdiff{Q(\gamma_i)}}_{\text{ここだけ}} \cdots \underbrace{\pdiff{Q(\gamma_j)}}_{\text{ここだけ}}\cdots Q(\gamma_n)\Bigr|_{y=-1}$$
$$=\sum^n_{i=1}( 1+\gamma_1)\cdots \underbrace{\frac{1}{6}\gamma_i{}^2}_{\text{ここだけ}} \cdots ( 1+\gamma_n)$$
$$+\sum_{i\neq j}( 1+\gamma_i)\cdots \underbrace{\frac{-1}{2}\gamma_i}_{\text{ここだけ}} \cdots \underbrace{\frac{-1}{2}\gamma_j}_{\text{ここだけ}}\cdots ( 1+\gamma_n)$$
である.よって,のの項は,
$$\frac{1}{6}( c_1(X)\cup c_{n-1}(X)-nc_n(X))+\frac{1}{2}\binom{n}{2}c_n(X)$$
HirzebruchのRiemann-Rochより,
$$\frac{d^2}{d^2y}\chi(X;y)\Bigr|_{y=-1}$$
$$=\Bigl\langle \[ X \] ,\frac{d^2}{d^2y}{\rm td}_y(X) \Bigr\rangle $$
なので,主張はしたがう.
Ligober=Wood,Borisovの式の証明
(1)(2)より,
$$\sum_{p,q\in \ZZ}(-1)^{p+q}\Bigl(q-\frac{n}{2}\Bigr)^2h^{p,q}(X)$$
$$=\sum_{p,q\in \ZZ}q^2(-1)^{p+q}h^{p,q}(X)-\frac{n^2}{4}\chi^{{\rm top}}(X),\quad \text{(1)より}$$
$$=\frac{1}{6}\coup{c_1\cup c_{n-1}}+\frac{1}{2}\binom{n}{2}\coup{c_n}-\frac{n^2}{4}\chi^{{\rm top}}(X)\quad \text{(2)より}$$
$$=\frac{1}{6}\int_Xc_1(X)\cup c_{n-1}(X)$$
$$+\Bigl\{ \frac{1}{2}\binom{n}{2}-\frac{n}{6}+\frac{n}{2}-\frac{n^2}{4}\Bigr\}\chi^{{\rm top}}(X)$$
$$=\frac{1}{12}n \chi^{\rm top}(X)+\frac{1}{6}\int_Xc_1(X)\cup c_{n-1}(X).\quad \square$$